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简介：高中文理综合优质资料下载，包括：试题试卷、课件、教材、视频、各大名师网校合集。 北京启学第五联江苏省高三物理试卷
本试卷分Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试用时120分钟.
第Ⅰ卷（选择题 共40分）
一、本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分
1、下列说法中正确的有
A、分子间的相互作用力随分子间距离的增大而增大
B、分子势能随分子间距离的增大可能增大，也可能减少
C、尽管气体分子的运动十分混乱，但对大量气体分子的整体来说，分子的运动速率表现出“中间多，两头少”的分布规律
D、热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体
1、解析：分子间的相互作用的引力和斥力随分子间的距离增大而减小；分子从相互靠近得不能再靠近的位置开始，逐渐增大分子间的距离，分子势能先减小后增大；气体分子的速率按“中间多，两头少”的正态规律分布； 热力学第二定律揭示，热量不能自发地从低温物体传到高温物体。答案：BC
2、下列说法中正确的是
A、氡的半衰期有3.8天，若有4个氡原子核，经7.6天后就一个原子核也没有了
B、许多元素能自发地放出射线，使人们开始认识到原子是有复杂结构的
C、卢瑟福在α粒子散射实验中发现了电子
D、γ射线一般伴随着α或β射线产生，它的穿透能力最强
2、解析：半衰期是大量原子衰变快慢的统计规律，是半数原子核衰变所需时间；许多元素能自发地放出射线，使人们开始认识到原子核是有复杂结构的；汤姆逊在研究阴极射线时发现了电子；α、β、γ三种射线中α射线的电离能力最强，γ射线的穿透能力最强。答案：D
3、氢原子的能级是氢原子处于各个定态时的能量值，它包括氢原子系统的电势能和电子在轨道上运动时的动能，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道时
A、氢原子的能量减小，电子的动能增加 B、氢原子的能量增加，电子的动能增加
C、氢原子的能量减小，系统的电势能减小 D、氢原子的能量增加，系统的电势能增加
3、解析：氢原子中的核外电子从离核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，原子释放出光子，电场力做正功,电子电势能减少，减少的电势能转化为电子的动能和光子的能量，同时系统的总能量减小。答案AC
4、一列横波在x轴上传播，t时刻与t+0.4s时刻在x轴上0~6m区间内的波形图如图中同一条图线所示，由图可知
A、该波最大波速为10m/s
B、质点振动周期的最小值为0.4s
C、在t+0.2s时，x=6m的质点位移为零
D、若波沿x轴正方向传播，各质点刚开始振动时的方向向上
4、解析：从图中可知，波长为4m，t时刻与t+0.4s时刻在x轴上0—6 m区间内的波形图如图中同一条图线，故最大周期为0.4s；最小波速为10m/s；根据波动的周期性，0.4s = KT (K=1，2，3，……)，0.2s= KT/2(K=1，2，3，……)，所以t+0.2s时刻，x=6m的质点仍在平衡位置，位移为零；由于所给的波形是x轴上0—6 m区间内t时刻的波形图，所以无法判断各质点开始振动的方向。答案：C
5、2002年，美国《科学》杂志评出的“2001年世界十大科技突破”中，有一项是加拿大萨德伯里中微子观测站的成果。该站揭示了中微子失踪的原因。即观测到的中微子数目比理论数目值少是因为部分中微子在运动过程中转化为一个μ子和一个τ子。在上述研究中下列说法正确的是
A、该研究过程中牛顿第二定律依然适用
B、该研究中能的转化和守恒定律依然适用
C、若发现μ子和中微子的运动方向一致，则τ子的运动方向与中微子的运动方向也可能一致
D、若发现μ子和中微子的运动方向相反，则τ子的运动方向与中微子的运动方向也可能相反
5、解析：牛顿第二定律的适用范围是低速宏观物体；能的转化和守恒定律是普适定律；此过程动量守恒定律也适用，由动量守恒定律可知，D违反动量守恒定律。答案：BC
6、如图所示，ABC为一全反射棱镜，棱镜对不同色光折射不同，且对红光的临界角为42o，M为一与底边BC垂直的光屏，一束白光沿平行与底边BC的方向射向AB面，经AB面折射后的光线射向BC面，则
A．BC面将有色光射出
B光屏M上会出现色彩光带且紫光在上
C．光屏M上会出现色彩光带且红光在上
D．将光屏保持与BC垂直向右平移，屏上彩色光带宽度不变
6．解析：如图所示，光线在BC面入射面一定大于45。，且大于临界角42。，故发生全反射，所以A错；
白光在通过AB面后，由于各种色光折射率不同，且紫光的折射率大，故开始紫光
在下，经过BC面反射，从AC面出射时，紫光在上，B对；光在AC面折射光线与AB面入射光线平行，红光和紫光平行，D对。答案：BD
7、如下左图中abcd为导体做成的框架，其平面与水平面成θ角，质量为m的导体棒PQ与ab、cd接触良好，回路的电阻为R，整个装置放于垂直框架平面的变化的磁场中，磁感强度B变化的状况如下右图，PQ始终静止，在0～ts内，PQ受到的摩擦力的变化情况可能是
A、f一直增大
B、f一直减小
C、f先减小后增大
D、f先增大后减小
7、解析：设沿斜面向上为正，导体棒受到沿斜面的安培力F安=B△BSl/R△t, F安正比于B，所以F安—t图象如图, 根据力的平衡，若向上的最大安培力小于重力沿斜面的分力，则f一直增大；若向上的最大安培力大于重力沿斜面的分力，则f先减小后增大。答案：AC
8、家用电话机不摘机（不通话）时，测该机两条电话线两端的电压约为36V，摘机(通话) 时，测电话线两端的电压约为6V，此时通过电话机的电流为15mA，若将电话机从电话线两端取下来，换接上小灯泡(2．5V，0．5W)，小灯泡几乎不发光，根据以上实验事实，下面推断正确的是
A、小灯泡的电阻太大，约2kΩ，所以小灯泡几乎不发光
B、给电话机供电的电源的电动势太小，远小于2.5V
C、电话机的电阻约10 Ω
D、给电话机供电的电源的内阻约2kΩ
8、解析：计算可知小灯泡正常发光时的电阻只有12.5Ω；不通话时两条电话线两端的电压为36 V ，即供电电源的电动势为36 V；由通话时电话机两端的电压和通过的电流计算可知电话机的电阻为400Ω；根据全电路欧姆定律，36=0.015 r+6，求得供电电源内阻r=2000Ω。答案：D
9、如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板M的左端，右端与小木块m连接，且m、M及M与地面间接触光滑.开始时，m和M均静止，现同时对m、M施加等大反向的水平恒力F1和F2，从两物体开始运动以后的整个运动过程中，弹簧形变不超过其弹性限度，对于m、M和弹簧
组成的系统
A、由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒
B、当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m、M各自的动能最大
C、由于F1、F2大小不变，所以m、M各自一直做匀加速运动
D、由于F1、F2等大反向，故系统的动量始终为零
9、解析：F1、F2为系统外力且做功代数和不为零，故系统机械能不守恒；从两物体开始运动以后两物体作的是加速度越来越小的变加速运动，当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m、M各自的速度最大，动能最大；由于F1、F2等大反向，系统合外力为零，故系统的动量始终为零。答案：BD
10、如右图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与
竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为600，C是
圆环轨道的圆心，D是圆环上与M靠得很近的一点（DM远小于CM）。已知在
同一时刻：a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；
c球由C点自由下落到M点；d球从D点静止出发沿圆环运动到M点。则
A、a球最先到达M点 B、b球最先到达M点
C、c球最先到达M点 D、d球最先到达M点
10、解析：从A、B、C开始运动到M点都可以用运动学公式求出运动的时间，tA=2 ,tB=2 ，tC= ；从D点滑动的小球作的是类单摆运动，从D到M的时间tD= ；故，c球最先到达M点。答案：C
第Ⅱ卷（非选择题 共110分）
二、本题共2小题，共20分.把答案填在题中的空格内或横线上
11、（8分）如图所示是自行车传动装置的示意图．假设踏脚板每2 s
转一圈，要知道在这种情形下自行车前进的速度有多大，还需测量
哪些量？________________________________
___________________________________________________________________________．
请在图中用字母标注出来，并用这些量推导出自行车前进速度的表达式：___________．
11、如图所示，测量R、r、R′．（4分）
自行车的速度为： （4分）
12、(12分)某同学在实验室先后完成下面二个实验：①测定一节干电池的电动势和内电阻；②描绘小灯泡的伏安特性曲线．
（1）用①实验测量得到数据作出U—
I图线如图中a线，实验所测干电池
的电动势为 V，内电阻为
（2）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，为减小实验误差，方便调节，请在给定的四个电路图和三个滑动变阻器中选取适当的电路或器材，并将它们的编号填在横线上。
应选取的电路是 ，滑动变阻器应选取 。
E．总阻值15 ，最大允许电流2A的滑动变阻器
F．总阻值200 ，最大允许电流2A的滑动变阻器
G．总阻值1000 ，最大允许电流1A的滑动变阻器
（3）将实验②中得到的数据在实验①中同一个U一I坐标系内
描点作图，得到如图所示的图中b线，如果将实验①中的电池
与实验②中的小灯泡组成闭合回路，此时小灯泡的实际功率为
W，若将两节与实验①中相同的干电池串联后与该小灯泡
组成闭合回路，则此时小灯泡的电压为 V，实际功率为
W。
12、(12分) (1) 1.50V 0.75Ω (2分，每空1分)
(2) C E (4分，每空2分)
(3) 0.72±0.02W 0.85～0.88V 1.2～1.3W (6分，每空2分)
三、本题共6小题，90分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.
13、(14分) 继神秘的火星之后，土星也成了全世界关注的焦点！经过近7年35.2亿公里在太空中风尘仆仆的穿行后，美航空航天局和欧航空航天局合作研究的“卡西尼”号土星探测器于美国东部时间2005年6月30日（北京时间7月1日）抵达预定轨道，开始“拜访”土星及其卫星家族．“卡西尼”号探测器进入绕土星飞行的轨道，在半径为R的土星上空离土星表面高h的圆形轨道上绕土星飞行，环绕n周飞行时间为t．求：土星的质量和土星表面的重力加速度．
13、（14分）设“卡西尼”号的质量为m，土星的质量为M． “卡西尼”号围绕土星的中心做匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供．
G Mm(R + h)2 = m( 2πT )2(R + h) ， （4分）
其中T ＝ t n ， 所以：M ＝ 4π2 n2(R + h)3 Gt2 ． （3分）
设土星表面处有一质量为m1的物体，则有
m1g = G Mm1R2 ， （4分）
得：g ＝ 4π2 n2(R + h)3 t2R2 （3分）
14、(14分)如图所示，一质量为m的小球用长为L的细线悬挂在天花板上，现加一大小恒定的水平向右的风力后，小球的悬线摆动时偏离竖直方向的最大偏角为，试求风力的大小。某同学解答如下：因为悬线的最大偏角为，此时小球受到重力mg、风力F和细线的拉力T的作用，由共点力平衡条件得：F＝mg tan。你认为他的解答是否正确？若认为正确，试求出小球运动过程中的最大速度，若认为不正确，试说明理由，并求出正确答案。
14、（14分）不正确 （4分）
小球达到最大偏角的位置，受力不平衡，不能用平衡条件解 (2分)
由动能定理：
FLsinα-mgL(1-cosα)= 0 （4分）
F=mgtan(α/2) （4分）
15、（15分）一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，弹簧床对运动员的弹力F的大小随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所示.重力加速度g取10m/s2,试结合图象，求运动员在运动过程中的最大加速度．
15、由图象可知，运动员的重力为 mg＝500N （4分）
弹簧床对运动员的最大弹力为 Fm＝2500N （4分）
由牛顿第二定律得 Fm－mg＝mam （4分）
则运动员的最大加速度为 am＝40m/s2 （3分）
16、(15分)如图 (a) 所示，x轴上方为垂直于平面xoy向里的匀强磁场，磁感应强度为 ，x轴下方为方向平行于x轴但大小一定(设为E0)、方向作周期性变化的匀强电场，在坐标点为( 、 )和第四象限中某点,各有质量为 、带电量为 的正点电荷P和Q（不计重力，也不考虑P和Q之间的库仑力），现使P在匀强磁场中开始做半径为 的匀速圆周运动，同时释放Q，要使两电荷总是以相同的速度同时通过y轴，求：
（1）场强E0的大小及其起始方向和变化周期T．
（2）在图 (b)中作出该电场变化的 图象(以释放电荷P时为初始时刻，x轴方向作为场强的正方向), 要求至少画出两个周期的图象．
16、（15分）(1)由题意，要使两电荷总是以相同的速度通过y轴，磁场中的电荷必须垂直y轴通过，因P点电荷为正电荷，故起始运动方向竖直向上，且一个周期内P点电荷两次以相反的速度通过y轴。
由牛顿运动定律得
（2分）
电荷在磁场中运动的周期为 （2分）
所以电场变化周期和点电荷圆周运动周期相同，即
（2分）
P点电荷经 第一次通过y轴，Q点电荷在电场中往复直线运动，在0— 内有
qE0 =mv （2分）
而 ,可求得
, 起始方向为-x方向； （2分）
(2)见图 （5分）
17、（16分）如图所示，MNPQ是一个足够长的处于竖直平面内的固定的金属框架，框架的宽度为L，电阻忽略不计。ab是一根质量为m，有一定电阻的导体，能紧贴框架无摩擦下滑，整个框架平面处于垂直于框架平面的匀强磁场中，磁感强度为B。当单刀双掷开关S置于1位置时，导体ab恰好静止在框架的某一处。已知电源的电动势为，内阻为r。
（1）匀强磁场的方向如何？
（2）当开关S置于2位置时，导体ab由静止开始下落，试写出ab下落运
动的分析过程，并用所给的物理量表达ab在下落过程中的最大速度。
（3）ab达到最大速度的1/2时，其加速度大小是多大？此时ab两端的电压
为多少？
（4）如果ab由静止开始下落到达到最大速度所用的时间为t，下落高度为
h。试证明该过程中h和t应满足如下不等关系：
17、（16分）（1）磁场方向垂直纸面向内 （2分）
（2）S接1时，mg=F=BIL=B （1分）
S接2时，刚开始ab下落的加速度为g，接着加速运动、同时受重力和安培力作用，由牛顿第二定律得： mg-F=ma （1分）
随着下落速度的增大，感应电动势也随着增大，感应电流也增大，从而使F增大而导致速度a的减小，最终达到和重力的平衡而做匀速运动，因而有：
（1分）
由（1）得R代入（2）整理后得：m= （1分）
(3) 由（2）可知，当ab达到最大速的1/2时，安培力F=mg/2，因此有：
mg – F=ma => a=g/2。 （2分）
又因为，ab切割磁感线产生感应电动势，其电阻相当于电源内阻，而据题意，框架电阻不计，因而外电阻为0，从而使ab两端的电压（端电压）为0。 （2分）
（4）作出ab运动过程的-t图线： （2分）
ab初始加速度为g，即图线在原点的切线斜率为g。运动过程下落距离h即为图线曲线部分所包的“面积”，它介于图示“梯形面积”和“三角形面积”之间。故有：
， （2分）
将（2）中求的m值代入得：
（2分）
18、（16分）如图所示，长为L、质量为M的圆柱形木棒竖直放置，在其顶部套有质量为m的薄铁环，当棒和环有相对运动时，棒和环之间有大小恒为kmg（k＞1）的阻力．现突然在棒下端给棒一个很大的冲击力，使棒在瞬间具有竖直向上的初速度v0．
（1）若要求铁环在木棒落地前不滑离木棒，此木棒的长度不得少于多少？
（2）设木棒足够长，求棒上升的最大高度．
18、（16分）（1）设铁环加速度大小为a1，方向向上；木棒加速度大小为a2，方向向下．
对铁环： （1分）
得：a1=(k-1)g (1分)
对木棒： （1分）
得： (1分)
设环与棒所能达到的共同速度为v，由动量定理得
（M+m）v-Mv0=-(M+m)gt （1分）
又v=a1t
解得： （1分）
由运动学知识知
对环有 （1分）
对棒有 （1分）
要想满足要求棒长
l≥s2-s1= （2分）
（2）由v=a1t得环、棒速度相等时的速度
（2分）
设此时木棒上升高度为h1，以木棒的初速度方向为正方向，
得 （1分）
环、棒速度相等后一道竖直上升的高度为h2，
（2分）
棒上升的最大高度 （1分）
说明：
1、选择题第6题调整为一道光学题，原因是与后面计算题第15题（光学）已被调整
2、11题是一道实验题被调整，原因此题过于陈旧
3、计算题第15题是一道几何光学计算题，这部分知识，江苏卷近几年高考几乎没有考过，顾将其调整
4、其它部分题目偏重基础知识考查，部分试题较为新颖，同时知识面覆盖较广，因此本人认为此份试卷质量较高，命题人是下了一番功夫的。
宁波市2009学年度第一学期期末试卷
高一物理
考生注意：(请在答题卷中作答) 本试卷的有关计算中重力加速度取g＝10m/s2
一、单项选择题（本题共11小题，每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，选错得0分，共33分）
1.下列物理量属于矢量的是
A．时间 B．路程 C．密度 D．速度
2．如图所示，某同学朝着列车行进方向坐在车厢中，水平桌面上放有一静止的小球。突然，他发现小球相对桌面向后滚动，则可判断
A．列车在刹车 B．列车在做加速直线运动
C．列车在做减速直线运动 D．列车在做匀速直线运动
3．在下列几组仪器中，用来测量国际单位制中三个力学基本量的仪器是
A．刻度尺、弹簧秤、秒表 B．刻度尺、弹簧秤、打点计时器
C．刻度尺、天平、秒表 D．量筒、天平、秒表
4．用如图所示的方法可以测量人的反应时间。实验时，上方的手捏住直尺的顶端，下方的手做捏住直尺的准备。当上方的手放开直尺时，下方的手“立即”捏住直尺。下列说法正确的是
A．图中上方的手是受测者的
B．图中下方的手是受测者的
C．图中的两只手应是同一位同学的
D．两手间的距离越大，说明受测者的反应时间越长
5．伽利略在研究运动的过程中，创造了一套科学研究方法，如下框图所示：
其中方框4中是
A．提出猜想 B．数学推理 C．实验检验 D．合理外推
6．如图所示是P、Q两质点运动的v-t图象，由图线可以判定
A．P质点的速度越来越小
B．零时刻P质点的加速度为零
C．在t1时刻之前，P质点的加速度均大于Q质点的加速度
D．在0-t1时间内，P质点的位移大于Q质点的位移
7．一种测定风力的仪器如图所示，它的细长金属丝一端固定于悬点O，另一端悬挂一个质量为m的金属球。无风时，金属丝自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝将偏离竖直方向角度θ。风力F与θ、m之间的关系式正确的是
A．F = mgsinθ B．F = mgcosθ
C．F = mgtanθ D．F = mgcotθ
8．将一个8N的力分解为两个力，下列各组值不可能的是
A．7N，11N B．1N，10N
C．10N，15N D．20N，20N
9．2009年9月28日，甬台温高速铁路正式开通，浙江铁路进入了高铁时代。假设列车在某段距离中做匀加速直线运动，速度由5m/s增加到10m/s时位移为x。则当速度由10m/s增加到15m/s时，它的位移是
A． B．
C．2x D．3x
10．如图所示，用水平外力F将木块压在竖直墙面上保持静止，下列说法正确的是
A．木块重力与墙对木块的静摩擦力是一对平衡力
B．木块重力与墙对木块的静摩擦力是一对作用力与反作用力
C．木块对墙的压力与F是一对平衡力
D．F与墙对木块的压力是一对作用力与反作用力
11．如图所示，一根轻质弹簧固定在天花板上，下端系着质量为m的物体A，A的下面再用细线挂另一质量为m的物体B。平衡时将线剪断，在此瞬间A和B的加速度大小分别为
A．aA＝g，aB＝0 B．aA＝g，aB＝g
C．aA＝g，aB＝2g D．aA＝0，aB＝g
二、不定项选择题（本题共4小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对得3分，选对但不全得2分，有选错的得0分，共12分）
12．一枚玩具火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系如图所示，则
A．t3时刻玩具火箭距地面最远
B．t2-t3时间内，玩具火箭在向下运动
C．t1-t2时间内，玩具火箭处于超重状态
D．0-t3时间内，玩具火箭始终处于失重状态
13．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧发生相互作用，并被弹簧反向弹回。若弹簧在整个过程中均遵守胡克定律，则
A．物体P做匀变速直线运动
B．物体P的加速度大小始终保持不变，运动方向会发生改变
C．物体P的加速度大小不断改变，当加速度最大时，速度最小
D．物体P在被弹回的过程中，加速度逐渐增大，速度也逐渐增大
14．如图所示，在粗糙的斜面上，一木块受平行于斜面向上且从零逐渐增大的力F的作用，木块始终处于静止状态。关于木块所受摩擦力的方向和大小，下列说法正确的是
A．摩擦力的方向始终沿斜面向上
B．摩擦力的方向可能先沿斜面向上、后沿斜面向下
C．摩擦力逐渐变大
D．摩擦力可能先变小后变大
15．在“探究求合力的方法”实验中，橡皮条在两个弹簧测力计的作用下，沿直线GC伸长了EO的长度，两个弹簧测力计的作用力大小分别为F1、F2，橡皮条对O点的作用力大小为F3，F1、F2与GC的夹角分别为 ，且 ＞ ，则这三个力的大小关系正确的是
A．F1＞F2 B．F2＞F1
C． ＜F3 D． ＞F1
三、填空题(本题共5小题，第16~18题每题4分，第19、20题每题3分，共18分)
16．如图所示，某同学用弹簧秤拉着木块在水平桌面上滑动，记录了下表所示的测量数据，为了测定木块与水平桌面间的动摩擦因数μ，他应选用第 ▲ 次实验数据，还必须测量的物理量是 ▲ 。
17．在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，打点计时器接在交流电源上，每隔 打一个点。如图所示是某次实验打出的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始分别取1、2、3计数点，每两个连续计数点间还有4个点未标出，各计数点与0点之间的距离依次为x1=3.00cm、x2=7.50cm、x3=13.50cm，则打计数点“2”时小车的瞬时速度表达式v2= ▲ ，数值为 ▲ m/s。
18．小明在以2m/s2的加速度加速下降的升降机里最多能举起60.0kg的物体，则他在地面上最多能举起 ▲ ___kg的物体。若他在匀加速上升的升降机中最多能举起32.0kg的物体，则此升降机上升的加速度大小为__ ▲ __m/s2。
19．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，下列做法正确的是 ▲ 。
A．平衡摩擦力时，应将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源
D．小车运动的加速度可用天平测出装砂小桶和砂的质量（ 和 ）以及小车质量M，直接利用公式 求出
20．如图所示是骨伤科病房中一种常用的牵引装置。若所挂重物的质量为M，则在图示情况中，病人脚部所受的拉力是 ▲ 。(不计滑轮摩擦及滑轮重力)
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。解答时请写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的，答案中要明确写出数值和单位）
21．在一段限速为60 km/h的平直道路上，一辆汽车遇紧急情况刹车，刹车后车轮在路面上滑动并留下9.0m长笔直的刹车痕，如图所示。从监控录像中得知该车从刹车到停止的时间为1.5s。请根据上述数据计算该车刹车前的速度，并判断该车有没有超速行驶？
22．如图所示，质量为m=0.5kg的光滑小球被细线系住，放在倾角为 °的斜面上。已知线与竖直方向夹角 =30°，斜面质量为M=3kg，整个装置静置于粗糙水平面上。求：
（1）悬线对小球拉力的大小；
（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向。
23．如图所示，水平传送带以恒定的速度v向左运动，将物体（可视为质点）轻轻放在传送带的右端，经时间t，物体速度变为v。再经过时间2t，物体到达传送带的左端。求：
（1）物体在水平传送带上滑动时的加速度大小；
（2）物体与水平传送带间的动摩擦因数；
（3）物体从水平传送带的右端到达左端通过的位移。
24A．（非一级重点中学同学做）
如图所示为游乐场中深受大家喜爱的“激流勇进”的娱乐项目，人坐在船中，随着提升机达到高处，再沿着水槽飞滑而下，劈波斩浪的刹那给人惊险刺激的感受。设乘客与船的总质量为M，在倾斜水槽中下滑时所受的阻力为重力的0.1倍，水槽的坡度为30°，若乘客与船从槽顶部由静止开始滑行20m而冲向槽的底部，求：
（1）船下滑时的加速度大小；
（2）船滑到槽底部时的速度大小。
24B．（一级重点中学同学做）
如图所示，一块小磁铁放在铁板ABC的A处，其中AB长x1=1m，BC长x2=0.5m，BC与水平面间的夹角为37°，小磁铁与铁板间的引力为磁铁重的0.2倍，小磁铁与铁板间的动摩擦因数μ=0.25，现在给小磁铁一个水平向左的初速度v0=4m/s。小磁铁经过B处时速率不变（sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：
（1）小磁铁第一次到达B处的速度大小；
（2）小磁铁在BC段向上运动时的加速度大小；
（3）请分析判断小磁铁能否第二次到达B处。
宁波市2009学年度第一学期期末试卷
高一物理（答题卷）
一、单项选择题（每小题3分，共33分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
二、不定项选择题（每小题3分，漏选得2分，共12分)
12 13 14 15
三、填空题(第16~18题每空2分，第19、20题每题3分，共18分)
16． ，
17． ，
18． ，
19．
20．
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。）
21．
22．
23．
24．
高一物理期末卷参考答案
一、单项选择题（每小题3分，共33分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
D B C B C D C B B A B
二、不定项选择题(每小题3分，漏选得2分，共12分)
12 13 14 15
AC C BD BC
三、填空题(第16~18题每空2分，第19、20题每题3分，共18分)
16． 4 ， 木块的质量（或木块的重力）
17． ， 0.525
18． 48 ， 5
19． B
20．
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。）
21．解：设汽车初速为v0，刹车过程的平均速度 ，……………(4分)
得 ，………………….………………………………..….（3分）
故汽车没有超速行驶。…………….………………………………….……….（1分）
22．解：（1）对小球进行受力分析如图所示，有
，…………………………………………(2分)
，…………………………………..(2分)
得 。………………………………(2分)
（2）对斜面进行受力分析，由平衡条件得地面对斜面的摩擦力
。方向水平向左。…………………….(3分)
23．解：（1）物体先做匀加速直线运动，由 ，得 。……………………(3分)
（2）物体受到的摩擦力 ，得 。………………………..…………..(3分)
（3）物体做匀加速直线运动通过的位移为 ，………………………（1分）
物体做匀速直线运动通过的位移 ，……(1分) 故总位移 。…….(2分)
24A．解：（1）对船进行受力分析，根据牛顿第二定律，有
， ，……………..…………….…………..…..…（4分）
得 。…………………………………………………………………..…. .…(2分)
（2）由匀加速直线运动规律有
，…………………………………………….……..……………………… ..(3分)
代入数据得 。……………………………………………………..… ..（2分）
24B．解：（1）对磁铁在AB段进行受力分析如图所示，设磁铁与铁板的引力为 ，
有 ，得a1=3m/s2，……………………….. (2分)
由匀变速直线运动的规律有 ，
代入数据解得 。…………………………………………..(2分)
（2）对磁铁在BC段受力分析，有 ，……….（1分）
，……………..………………………………....(1分)
解得a2=8.5m/s2。…………………………………………………………(2分)
（3）磁铁以初速vB沿斜面向上运动至速度为零时其经过的位移为
，………………………………………………(2分)
故磁铁会滑出BC面，不会第二次到达B处。……………………..（1分） 网上有的
29.（1）R1两端电压UR1=30v-20v=10v
电流中总电流I总=10/4=2.5A
通过L电流IL=0.5A
则通过R2的电流IR2=2.5A-0.5A=2A
R2=20/2=10欧
（2）断开S，灯泡L与R1串联，灯泡正常发光，加在灯泡L两端电压为：20v
通过灯泡电流I=0.5A
则加在R1两端电压UR1=30v-20v=10v
R1=10/0.5=20欧
30.（1）通过R2电流IR2=2.5/5=0.5A,
U=UR1+UR2=0.5*7+2.5=6v
（2）电阻R3两端电压即为电源电压6v
R3=U/I=6/0.75=8欧
（3）P=I^2R1=U^2R1/(R1+R2)^2=U^2/（R1+R2^2/R1+2R2）
分母=R1+R2^2/R1+2R2
当R1=R2^2/R1时有分母有最小值4R2=20欧姆
Pmax=36/20=1.8W 29.1
使灯泡正常工作灯泡两端电压等于20 v U（R1）=U-U(L)=30-20 =10V
灯泡正常工作电流I L=P(L)/U(L) ,I=10/20=0.5A
I（R1）=U（R1）/R1=10/4=2.5A
I（R1）=I (L)+I(R2),
I(R2),=I（R1）-I (L)=2.5-0.5=2A
并联两端电压相等U(R2)=U(L)=20V
R2=U(R2)/I(R2)=20/2=10欧
R2为10欧
29.2
使灯泡正常工作灯泡两端电压等于20 v Ur=U-Ul=30-20 =10V
灯泡正常工作电流I L=P(L)/U(L) ,I=10/20=0.5A
由于串联支路各点的电流相等 i(L)=I(R1)
已知 U（R1）,I（R1） R1=U（R1）/I（R1）=10/0.5=20欧
P（R1）=U（R1）/I（R1）=10*0.5=5W
R2为20欧功率为10瓦
30.1
U=
【 #高一# 导语】青春是一场远行，回不去了。青春是一场相逢，忘不掉了。但青春却留给我们最宝贵的友情。友情其实很简单，只要那么一声简短的问候、一句轻轻的谅解、一份淡淡的惦记，就足矣。当我们在毕业季痛哭流涕地说出再见之后，请不要让再见成了再也不见。这篇《高一物理上册期末试卷及答案》是 高一频道为你整理的，希望你喜欢！
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分.第1—7题为单选题，第8—10题为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分.)
1.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()
A.根据电场强度的定义式E=Fq可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B.根据电容的定义式C=QU可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C.根据真空中点电荷的电场强度公式E=kQr2可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量无关
D.根据电势差的定义式UAB=WABq可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为UAB=-1V
2.标有“8V6.4W”和“8V20W”字样的L1、L2两只灯泡连接在如图所示的电路中，C点接地.如果将电路中L1、L2两灯泡的位置互换，则()
A.B点电势升高B.B点电势降低
C.两灯都变亮D.L1灯变暗，L2灯变亮
3.如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是()
A.I变大，U变小B.I变大，U变大
C.I变小，U变大D.I变小，U变小
4.如图所示,一电荷量为+Q的点电荷甲固定在光滑绝缘的水平面上的O点,另一电荷量为+q、质量为m的点电荷乙从A点经C以v0=2m/s的初速度沿它们的连线向甲运动,到达B点时的速度为零,已知AC=CB,φA=3V,φB=5V,静电力常量为k,则()
A.φC>4VB.φC=4V
C.点电荷乙的比荷为1C/kgD.点电荷乙的比荷为2C/kg
5.如图所示，在A板附近有一电子由静止开始向B板运动，则关于电子到达B板时的速率，下列解释正确的是()
A.两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大
B.两板间距越小，加速的时间就越长，则获得的速率不变
C.两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率不变
D.两板间距越小，加速的时间越短，则获得的速率越小
6.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()
A.R1短路B.R2短路
C.R3短路D.R1断路
7.图为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线.用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V.则该电路可能为()
8.一不计重力的带电粒子q从A点射入一正点电荷Q的电场中，运动轨迹如图所示，则()
A.粒子q带负电B.粒子q的加速度先变小后变大
C.粒子q的电势能先变小后变大D.粒子q的动能一直变大
9.如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器.先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变.则下列说法正确的是()
A.电容器的电容变小
B.电容器内部电场强度大小变大
C.电容器内部电场强度大小不变
D.P点电势升高
10.如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为0.1g，分别用10cm长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向60°，A竖直悬挂且与绝缘墙接触(g取10m/s2).静电力常量K=9.0×109N.m2/C2.下列说法正确的是()
A.小球的带电荷量为3.33×10-8C
B.墙壁受到的压力为8.7×10-4N
C.A球受到细线的拉力为1.0×10-3N
D.B球受到的拉力为1.5×10-3N
二、填空题(本题共2小题，每空2分，共16分.)
11.(8分)用伏安法测量一个定值电阻的电阻值，现有的器材规格如下：
A.待测电阻Rx(大约100Ω)
B.直流毫安表A1(量程0～10mA，内阻约100Ω)
C.直流毫安表A2(量程0～40mA，内阻约40Ω)
D.直流电压表V1(量程0～3V，内阻约5kΩ)
E.直流电压表V2(量程0～15V，内阻约15kΩ)
F.直流电源(输出电压4V，内阻不计)
G.滑动变阻器R(阻值范围0～50Ω，允许电流1A)
H.开关一个、导线若干
(1)根据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，直流毫安表应选________，直流电压表应选________.
(2)在方框内画出实验电路图，要求电压和电流的变化范围尽可能大一些.
(3)用铅笔按电路图将实物图连线.
12.(8分)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下：
(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为________mm;
(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为________mm;
(3)在实验室，该同学想测出某种材料的电阻率.由于不知是何种材料，也不知其大约阻值，于是他用多用电表先粗测该材料一段样品的电阻，经正确操作后，用“×100”挡时发现指针偏转情况如图所示，则他应该换用______挡(选填“×10”或“×1k”)重新测量.换挡后，在测量前先要________.
三、计算题(本题共4小题，第13、14题各10分，第15、16题各12分，共44分)
13.(10分)如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表.当电阻箱
读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V;当电阻箱读数为
R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V.求：
(1)电源的电动势E和内阻r;
(2)当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率?值Pm为多少?
14.(10分)如图所示为用电动机提升重物的装置,电动机线圈的电阻r=1Ω,电动机两端的电压U=5V,电路中的电流I=1A,物体A重G=20N,不计摩擦力,则:
(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少?
(2)10s内,可以把重物A匀速提升多高?
15.(12分)如图12所示，空间存在着场强为E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端拴着质量为m=0.5kg、电荷量为q=4×10-2C的小球.现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的值而断裂.取g=10m/s2.求：
(1)小球的电性;
(2)细线能承受的拉力;
(3)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时(仍在匀强电场中)，小球距O点的高度.
16.(12分)一平行板电容器长l=10cm，宽a=8cm，板间距d=4cm，在板左侧有一足够长的“狭缝”离子源，沿着两板中心平面，连续不断地向整个电容器射入离子，它们的比荷均为2×1010C/kg，速度均为4×106m/s，距板右端l/2处有一屏，如图甲所示，如果在平行板电容器的两极板间接上如图乙所示的交流电，由于离子在电容器中运动所用的时间远小于交流电的周期，故离子通过电场的时间内电场可视为匀强电场，不计离子重力.试求：
(1)离子打在屏上的区域面积;
(2)在一个周期内，离子打到屏上的时间.
物理答案
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分.第1—7题为单选题，第8—10题为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分.)
题号12345678910
答案DAACCABACACDAB
二、填空题(本题共2小题，每空2分，共16分.)
11.(8分)(1)A2、V1(2)(3)
12.(8分)(1)50.15mm(2)4.700mm(3)×1k、欧姆调零
三.计算题:(本大题共4小题，，13、14题各10分，15、16题各12分，共44分。需写出相应的解题过程)
13.(10分)解析：(1)由闭合电路欧姆定律得：
E=U1+U1R1r，E=U2+U2R2r
联立上述方程，代入数据解得E=6V，r=1Ω.
(2)由电功率表达式P=E2R+r2R变形为P=E2R-r2R+4r
由上式可知当R=r=1Ω时，
P有值，Pm=E24r=9W.
14.(10分)解：(1)根据焦耳定律,得热功率Pr=I2r=1W。
(2)输入功率P=UI=5W
输出功率P输出=P-Pr=4W。
电动机输出的功用来提升重物转化为机械能,在10s内,有:P输出t=mgh。
解得:h=2m。
15(12分)解：(1)由小球运动到点可知，小球带正电.
(2)设小球运动到点时速度为v，对该过程由动能定理有，
(qE-mg)L=12mv2①
在点对小球进行受力分析，由圆周运动和牛顿第二定律得，
FT+mg-qE=mv2L②
由①②式解得，FT=15N
(3)小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，
则a=qE-mgm③
设小球在水平方向运动位移为L的过程中，所经历的时间为t，则L=vt④
设竖直方向上的位移为x，
则x=12at2⑤
由①③④⑤解得x=0.125m
所以小球距O点的高度为x+L=0.625m
16(12分)解：(1)设离子恰好从极板边缘射出时极板两端的电压为U0，
水平方向：l=v0t①
竖直方向：d2=12at2②
又a=qU0md③
由①②③得U0=md2v20ql2=128V
即当U≥128V时离子打到极板上，当U
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本试卷分Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试用时120分钟.
第Ⅰ卷（选择题 共40分）
一、本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分
1、下列说法中正确的有
A、分子间的相互作用力随分子间距离的增大而增大
B、分子势能随分子间距离的增大可能增大，也可能减少
C、尽管气体分子的运动十分混乱，但对大量气体分子的整体来说，分子的运动速率表现出“中间多，两头少”的分布规律
D、热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体
1、解析：分子间的相互作用的引力和斥力随分子间的距离增大而减小；分子从相互靠近得不能再靠近的位置开始，逐渐增大分子间的距离，分子势能先减小后增大；气体分子的速率按“中间多，两头少”的正态规律分布； 热力学第二定律揭示，热量不能自发地从低温物体传到高温物体。答案：BC
2、下列说法中正确的是
A、氡的半衰期有3.8天，若有4个氡原子核，经7.6天后就一个原子核也没有了
B、许多元素能自发地放出射线，使人们开始认识到原子是有复杂结构的
C、卢瑟福在α粒子散射实验中发现了电子
D、γ射线一般伴随着α或β射线产生，它的穿透能力最强
2、解析：半衰期是大量原子衰变快慢的统计规律，是半数原子核衰变所需时间；许多元素能自发地放出射线，使人们开始认识到原子核是有复杂结构的；汤姆逊在研究阴极射线时发现了电子；α、β、γ三种射线中α射线的电离能力最强，γ射线的穿透能力最强。答案：D
3、氢原子的能级是氢原子处于各个定态时的能量值，它包括氢原子系统的电势能和电子在轨道上运动时的动能，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道时
A、氢原子的能量减小，电子的动能增加 B、氢原子的能量增加，电子的动能增加
C、氢原子的能量减小，系统的电势能减小 D、氢原子的能量增加，系统的电势能增加
3、解析：氢原子中的核外电子从离核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，原子释放出光子，电场力做正功,电子电势能减少，减少的电势能转化为电子的动能和光子的能量，同时系统的总能量减小。答案AC
4、一列横波在x轴上传播，t时刻与t+0.4s时刻在x轴上0~6m区间内的波形图如图中同一条图线所示，由图可知
A、该波最大波速为10m/s
B、质点振动周期的最小值为0.4s
C、在t+0.2s时，x=6m的质点位移为零
D、若波沿x轴正方向传播，各质点刚开始振动时的方向向上
4、解析：从图中可知，波长为4m，t时刻与t+0.4s时刻在x轴上0—6 m区间内的波形图如图中同一条图线，故最大周期为0.4s；最小波速为10m/s；根据波动的周期性，0.4s = KT (K=1，2，3，……)，0.2s= KT/2(K=1，2，3，……)，所以t+0.2s时刻，x=6m的质点仍在平衡位置，位移为零；由于所给的波形是x轴上0—6 m区间内t时刻的波形图，所以无法判断各质点开始振动的方向。答案：C
5、2002年，美国《科学》杂志评出的“2001年世界十大科技突破”中，有一项是加拿大萨德伯里中微子观测站的成果。该站揭示了中微子失踪的原因。即观测到的中微子数目比理论数目值少是因为部分中微子在运动过程中转化为一个μ子和一个τ子。在上述研究中下列说法正确的是
A、该研究过程中牛顿第二定律依然适用
B、该研究中能的转化和守恒定律依然适用
C、若发现μ子和中微子的运动方向一致，则τ子的运动方向与中微子的运动方向也可能一致
D、若发现μ子和中微子的运动方向相反，则τ子的运动方向与中微子的运动方向也可能相反
5、解析：牛顿第二定律的适用范围是低速宏观物体；能的转化和守恒定律是普适定律；此过程动量守恒定律也适用，由动量守恒定律可知，D违反动量守恒定律。答案：BC
6、如图所示，ABC为一全反射棱镜，棱镜对不同色光折射不同，且对红光的临界角为42o，M为一与底边BC垂直的光屏，一束白光沿平行与底边BC的方向射向AB面，经AB面折射后的光线射向BC面，则
A．BC面将有色光射出
B光屏M上会出现色彩光带且紫光在上
C．光屏M上会出现色彩光带且红光在上
D．将光屏保持与BC垂直向右平移，屏上彩色光带宽度不变
6．解析：如图所示，光线在BC面入射面一定大于45。，且大于临界角42。，故发生全反射，所以A错；
白光在通过AB面后，由于各种色光折射率不同，且紫光的折射率大，故开始紫光
在下，经过BC面反射，从AC面出射时，紫光在上，B对；光在AC面折射光线与AB面入射光线平行，红光和紫光平行，D对。答案：BD
7、如下左图中abcd为导体做成的框架，其平面与水平面成θ角，质量为m的导体棒PQ与ab、cd接触良好，回路的电阻为R，整个装置放于垂直框架平面的变化的磁场中，磁感强度B变化的状况如下右图，PQ始终静止，在0～ts内，PQ受到的摩擦力的变化情况可能是
A、f一直增大
B、f一直减小
C、f先减小后增大
D、f先增大后减小
7、解析：设沿斜面向上为正，导体棒受到沿斜面的安培力F安=B△BSl/R△t, F安正比于B，所以F安—t图象如图, 根据力的平衡，若向上的最大安培力小于重力沿斜面的分力，则f一直增大；若向上的最大安培力大于重力沿斜面的分力，则f先减小后增大。答案：AC
8、家用电话机不摘机（不通话）时，测该机两条电话线两端的电压约为36V，摘机(通话) 时，测电话线两端的电压约为6V，此时通过电话机的电流为15mA，若将电话机从电话线两端取下来，换接上小灯泡(2．5V，0．5W)，小灯泡几乎不发光，根据以上实验事实，下面推断正确的是
A、小灯泡的电阻太大，约2kΩ，所以小灯泡几乎不发光
B、给电话机供电的电源的电动势太小，远小于2.5V
C、电话机的电阻约10 Ω
D、给电话机供电的电源的内阻约2kΩ
8、解析：计算可知小灯泡正常发光时的电阻只有12.5Ω；不通话时两条电话线两端的电压为36 V ，即供电电源的电动势为36 V；由通话时电话机两端的电压和通过的电流计算可知电话机的电阻为400Ω；根据全电路欧姆定律，36=0.015 r+6，求得供电电源内阻r=2000Ω。答案：D
9、如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板M的左端，右端与小木块m连接，且m、M及M与地面间接触光滑.开始时，m和M均静止，现同时对m、M施加等大反向的水平恒力F1和F2，从两物体开始运动以后的整个运动过程中，弹簧形变不超过其弹性限度，对于m、M和弹簧
组成的系统
A、由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒
B、当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m、M各自的动能最大
C、由于F1、F2大小不变，所以m、M各自一直做匀加速运动
D、由于F1、F2等大反向，故系统的动量始终为零
9、解析：F1、F2为系统外力且做功代数和不为零，故系统机械能不守恒；从两物体开始运动以后两物体作的是加速度越来越小的变加速运动，当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m、M各自的速度最大，动能最大；由于F1、F2等大反向，系统合外力为零，故系统的动量始终为零。答案：BD
10、如右图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与
竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为600，C是
圆环轨道的圆心，D是圆环上与M靠得很近的一点（DM远小于CM）。已知在
同一时刻：a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；
c球由C点自由下落到M点；d球从D点静止出发沿圆环运动到M点。则
A、a球最先到达M点 B、b球最先到达M点
C、c球最先到达M点 D、d球最先到达M点
10、解析：从A、B、C开始运动到M点都可以用运动学公式求出运动的时间，tA=2 ,tB=2 ，tC= ；从D点滑动的小球作的是类单摆运动，从D到M的时间tD= ；故，c球最先到达M点。答案：C
第Ⅱ卷（非选择题 共110分）
二、本题共2小题，共20分.把答案填在题中的空格内或横线上
11、（8分）如图所示是自行车传动装置的示意图．假设踏脚板每2 s
转一圈，要知道在这种情形下自行车前进的速度有多大，还需测量
哪些量？________________________________
___________________________________________________________________________．
请在图中用字母标注出来，并用这些量推导出自行车前进速度的表达式：___________．
11、如图所示，测量R、r、R′．（4分）
自行车的速度为： （4分）
12、(12分)某同学在实验室先后完成下面二个实验：①测定一节干电池的电动势和内电阻；②描绘小灯泡的伏安特性曲线．
（1）用①实验测量得到数据作出U—
I图线如图中a线，实验所测干电池
的电动势为 V，内电阻为
（2）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，为减小实验误差，方便调节，请在给定的四个电路图和三个滑动变阻器中选取适当的电路或器材，并将它们的编号填在横线上。
应选取的电路是 ，滑动变阻器应选取 。
E．总阻值15 ，最大允许电流2A的滑动变阻器
F．总阻值200 ，最大允许电流2A的滑动变阻器
G．总阻值1000 ，最大允许电流1A的滑动变阻器
（3）将实验②中得到的数据在实验①中同一个U一I坐标系内
描点作图，得到如图所示的图中b线，如果将实验①中的电池
与实验②中的小灯泡组成闭合回路，此时小灯泡的实际功率为
W，若将两节与实验①中相同的干电池串联后与该小灯泡
组成闭合回路，则此时小灯泡的电压为 V，实际功率为
W。
12、(12分) (1) 1.50V 0.75Ω (2分，每空1分)
(2) C E (4分，每空2分)
(3) 0.72±0.02W 0.85～0.88V 1.2～1.3W (6分，每空2分)
三、本题共6小题，90分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.
13、(14分) 继神秘的火星之后，土星也成了全世界关注的焦点！经过近7年35.2亿公里在太空中风尘仆仆的穿行后，美航空航天局和欧航空航天局合作研究的“卡西尼”号土星探测器于美国东部时间2005年6月30日（北京时间7月1日）抵达预定轨道，开始“拜访”土星及其卫星家族．“卡西尼”号探测器进入绕土星飞行的轨道，在半径为R的土星上空离土星表面高h的圆形轨道上绕土星飞行，环绕n周飞行时间为t．求：土星的质量和土星表面的重力加速度．
13、（14分）设“卡西尼”号的质量为m，土星的质量为M． “卡西尼”号围绕土星的中心做匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供．
G Mm(R + h)2 = m( 2πT )2(R + h) ， （4分）
其中T ＝ t n ， 所以：M ＝ 4π2 n2(R + h)3 Gt2 ． （3分）
设土星表面处有一质量为m1的物体，则有
m1g = G Mm1R2 ， （4分）
得：g ＝ 4π2 n2(R + h)3 t2R2 （3分）
14、(14分)如图所示，一质量为m的小球用长为L的细线悬挂在天花板上，现加一大小恒定的水平向右的风力后，小球的悬线摆动时偏离竖直方向的最大偏角为，试求风力的大小。某同学解答如下：因为悬线的最大偏角为，此时小球受到重力mg、风力F和细线的拉力T的作用，由共点力平衡条件得：F＝mg tan。你认为他的解答是否正确？若认为正确，试求出小球运动过程中的最大速度，若认为不正确，试说明理由，并求出正确答案。
14、（14分）不正确 （4分）
小球达到最大偏角的位置，受力不平衡，不能用平衡条件解 (2分)
由动能定理：
FLsinα-mgL(1-cosα)= 0 （4分）
F=mgtan(α/2) （4分）
15、（15分）一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，弹簧床对运动员的弹力F的大小随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所示.重力加速度g取10m/s2,试结合图象，求运动员在运动过程中的最大加速度．
15、由图象可知，运动员的重力为 mg＝500N （4分）
弹簧床对运动员的最大弹力为 Fm＝2500N （4分）
由牛顿第二定律得 Fm－mg＝mam （4分）
则运动员的最大加速度为 am＝40m/s2 （3分）
16、(15分)如图 (a) 所示，x轴上方为垂直于平面xoy向里的匀强磁场，磁感应强度为 ，x轴下方为方向平行于x轴但大小一定(设为E0)、方向作周期性变化的匀强电场，在坐标点为( 、 )和第四象限中某点,各有质量为 、带电量为 的正点电荷P和Q（不计重力，也不考虑P和Q之间的库仑力），现使P在匀强磁场中开始做半径为 的匀速圆周运动，同时释放Q，要使两电荷总是以相同的速度同时通过y轴，求：
（1）场强E0的大小及其起始方向和变化周期T．
（2）在图 (b)中作出该电场变化的 图象(以释放电荷P时为初始时刻，x轴方向作为场强的正方向), 要求至少画出两个周期的图象．
16、（15分）(1)由题意，要使两电荷总是以相同的速度通过y轴，磁场中的电荷必须垂直y轴通过，因P点电荷为正电荷，故起始运动方向竖直向上，且一个周期内P点电荷两次以相反的速度通过y轴。
由牛顿运动定律得
（2分）
电荷在磁场中运动的周期为 （2分）
所以电场变化周期和点电荷圆周运动周期相同，即
（2分）
P点电荷经 第一次通过y轴，Q点电荷在电场中往复直线运动，在0— 内有
qE0 =mv （2分）
而 ,可求得
, 起始方向为-x方向； （2分）
(2)见图 （5分）
17、（16分）如图所示，MNPQ是一个足够长的处于竖直平面内的固定的金属框架，框架的宽度为L，电阻忽略不计。ab是一根质量为m，有一定电阻的导体，能紧贴框架无摩擦下滑，整个框架平面处于垂直于框架平面的匀强磁场中，磁感强度为B。当单刀双掷开关S置于1位置时，导体ab恰好静止在框架的某一处。已知电源的电动势为，内阻为r。
（1）匀强磁场的方向如何？
（2）当开关S置于2位置时，导体ab由静止开始下落，试写出ab下落运
动的分析过程，并用所给的物理量表达ab在下落过程中的最大速度。
（3）ab达到最大速度的1/2时，其加速度大小是多大？此时ab两端的电压
为多少？
（4）如果ab由静止开始下落到达到最大速度所用的时间为t，下落高度为
h。试证明该过程中h和t应满足如下不等关系：
17、（16分）（1）磁场方向垂直纸面向内 （2分）
（2）S接1时，mg=F=BIL=B （1分）
S接2时，刚开始ab下落的加速度为g，接着加速运动、同时受重力和安培力作用，由牛顿第二定律得： mg-F=ma （1分）
随着下落速度的增大，感应电动势也随着增大，感应电流也增大，从而使F增大而导致速度a的减小，最终达到和重力的平衡而做匀速运动，因而有：
（1分）
由（1）得R代入（2）整理后得：m= （1分）
(3) 由（2）可知，当ab达到最大速的1/2时，安培力F=mg/2，因此有：
mg – F=ma => a=g/2。 （2分）
又因为，ab切割磁感线产生感应电动势，其电阻相当于电源内阻，而据题意，框架电阻不计，因而外电阻为0，从而使ab两端的电压（端电压）为0。 （2分）
（4）作出ab运动过程的-t图线： （2分）
ab初始加速度为g，即图线在原点的切线斜率为g。运动过程下落距离h即为图线曲线部分所包的“面积”，它介于图示“梯形面积”和“三角形面积”之间。故有：
， （2分）
将（2）中求的m值代入得：
（2分）
18、（16分）如图所示，长为L、质量为M的圆柱形木棒竖直放置，在其顶部套有质量为m的薄铁环，当棒和环有相对运动时，棒和环之间有大小恒为kmg（k＞1）的阻力．现突然在棒下端给棒一个很大的冲击力，使棒在瞬间具有竖直向上的初速度v0．
（1）若要求铁环在木棒落地前不滑离木棒，此木棒的长度不得少于多少？
（2）设木棒足够长，求棒上升的最大高度．
18、（16分）（1）设铁环加速度大小为a1，方向向上；木棒加速度大小为a2，方向向下．
对铁环： （1分）
得：a1=(k-1)g (1分)
对木棒： （1分）
得： (1分)
设环与棒所能达到的共同速度为v，由动量定理得
（M+m）v-Mv0=-(M+m)gt （1分）
又v=a1t
解得： （1分）
由运动学知识知
对环有 （1分）
对棒有 （1分）
要想满足要求棒长
l≥s2-s1= （2分）
（2）由v=a1t得环、棒速度相等时的速度
（2分）
设此时木棒上升高度为h1，以木棒的初速度方向为正方向，
得 （1分）
环、棒速度相等后一道竖直上升的高度为h2，
（2分）
棒上升的最大高度 （1分）
说明：
1、选择题第6题调整为一道光学题，原因是与后面计算题第15题（光学）已被调整
2、11题是一道实验题被调整，原因此题过于陈旧
3、计算题第15题是一道几何光学计算题，这部分知识，江苏卷近几年高考几乎没有考过，顾将其调整
4、其它部分题目偏重基础知识考查，部分试题较为新颖，同时知识面覆盖较广，因此本人认为此份试卷质量较高，命题人是下了一番功夫的。
宁波市2009学年度第一学期期末试卷
高一物理
考生注意：(请在答题卷中作答) 本试卷的有关计算中重力加速度取g＝10m/s2
一、单项选择题（本题共11小题，每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，选错得0分，共33分）
1.下列物理量属于矢量的是
A．时间 B．路程 C．密度 D．速度
2．如图所示，某同学朝着列车行进方向坐在车厢中，水平桌面上放有一静止的小球。突然，他发现小球相对桌面向后滚动，则可判断
A．列车在刹车 B．列车在做加速直线运动
C．列车在做减速直线运动 D．列车在做匀速直线运动
3．在下列几组仪器中，用来测量国际单位制中三个力学基本量的仪器是
A．刻度尺、弹簧秤、秒表 B．刻度尺、弹簧秤、打点计时器
C．刻度尺、天平、秒表 D．量筒、天平、秒表
4．用如图所示的方法可以测量人的反应时间。实验时，上方的手捏住直尺的顶端，下方的手做捏住直尺的准备。当上方的手放开直尺时，下方的手“立即”捏住直尺。下列说法正确的是
A．图中上方的手是受测者的
B．图中下方的手是受测者的
C．图中的两只手应是同一位同学的
D．两手间的距离越大，说明受测者的反应时间越长
5．伽利略在研究运动的过程中，创造了一套科学研究方法，如下框图所示：
其中方框4中是
A．提出猜想 B．数学推理 C．实验检验 D．合理外推
6．如图所示是P、Q两质点运动的v-t图象，由图线可以判定
A．P质点的速度越来越小
B．零时刻P质点的加速度为零
C．在t1时刻之前，P质点的加速度均大于Q质点的加速度
D．在0-t1时间内，P质点的位移大于Q质点的位移
7．一种测定风力的仪器如图所示，它的细长金属丝一端固定于悬点O，另一端悬挂一个质量为m的金属球。无风时，金属丝自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝将偏离竖直方向角度θ。风力F与θ、m之间的关系式正确的是
A．F = mgsinθ B．F = mgcosθ
C．F = mgtanθ D．F = mgcotθ
8．将一个8N的力分解为两个力，下列各组值不可能的是
A．7N，11N B．1N，10N
C．10N，15N D．20N，20N
9．2009年9月28日，甬台温高速铁路正式开通，浙江铁路进入了高铁时代。假设列车在某段距离中做匀加速直线运动，速度由5m/s增加到10m/s时位移为x。则当速度由10m/s增加到15m/s时，它的位移是
A． B．
C．2x D．3x
10．如图所示，用水平外力F将木块压在竖直墙面上保持静止，下列说法正确的是
A．木块重力与墙对木块的静摩擦力是一对平衡力
B．木块重力与墙对木块的静摩擦力是一对作用力与反作用力
C．木块对墙的压力与F是一对平衡力
D．F与墙对木块的压力是一对作用力与反作用力
11．如图所示，一根轻质弹簧固定在天花板上，下端系着质量为m的物体A，A的下面再用细线挂另一质量为m的物体B。平衡时将线剪断，在此瞬间A和B的加速度大小分别为
A．aA＝g，aB＝0 B．aA＝g，aB＝g
C．aA＝g，aB＝2g D．aA＝0，aB＝g
二、不定项选择题（本题共4小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对得3分，选对但不全得2分，有选错的得0分，共12分）
12．一枚玩具火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系如图所示，则
A．t3时刻玩具火箭距地面最远
B．t2-t3时间内，玩具火箭在向下运动
C．t1-t2时间内，玩具火箭处于超重状态
D．0-t3时间内，玩具火箭始终处于失重状态
13．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧发生相互作用，并被弹簧反向弹回。若弹簧在整个过程中均遵守胡克定律，则
A．物体P做匀变速直线运动
B．物体P的加速度大小始终保持不变，运动方向会发生改变
C．物体P的加速度大小不断改变，当加速度最大时，速度最小
D．物体P在被弹回的过程中，加速度逐渐增大，速度也逐渐增大
14．如图所示，在粗糙的斜面上，一木块受平行于斜面向上且从零逐渐增大的力F的作用，木块始终处于静止状态。关于木块所受摩擦力的方向和大小，下列说法正确的是
A．摩擦力的方向始终沿斜面向上
B．摩擦力的方向可能先沿斜面向上、后沿斜面向下
C．摩擦力逐渐变大
D．摩擦力可能先变小后变大
15．在“探究求合力的方法”实验中，橡皮条在两个弹簧测力计的作用下，沿直线GC伸长了EO的长度，两个弹簧测力计的作用力大小分别为F1、F2，橡皮条对O点的作用力大小为F3，F1、F2与GC的夹角分别为 ，且 ＞ ，则这三个力的大小关系正确的是
A．F1＞F2 B．F2＞F1
C． ＜F3 D． ＞F1
三、填空题(本题共5小题，第16~18题每题4分，第19、20题每题3分，共18分)
16．如图所示，某同学用弹簧秤拉着木块在水平桌面上滑动，记录了下表所示的测量数据，为了测定木块与水平桌面间的动摩擦因数μ，他应选用第 ▲ 次实验数据，还必须测量的物理量是 ▲ 。
17．在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，打点计时器接在交流电源上，每隔 打一个点。如图所示是某次实验打出的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始分别取1、2、3计数点，每两个连续计数点间还有4个点未标出，各计数点与0点之间的距离依次为x1=3.00cm、x2=7.50cm、x3=13.50cm，则打计数点“2”时小车的瞬时速度表达式v2= ▲ ，数值为 ▲ m/s。
18．小明在以2m/s2的加速度加速下降的升降机里最多能举起60.0kg的物体，则他在地面上最多能举起 ▲ ___kg的物体。若他在匀加速上升的升降机中最多能举起32.0kg的物体，则此升降机上升的加速度大小为__ ▲ __m/s2。
19．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，下列做法正确的是 ▲ 。
A．平衡摩擦力时，应将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源
D．小车运动的加速度可用天平测出装砂小桶和砂的质量（ 和 ）以及小车质量M，直接利用公式 求出
20．如图所示是骨伤科病房中一种常用的牵引装置。若所挂重物的质量为M，则在图示情况中，病人脚部所受的拉力是 ▲ 。(不计滑轮摩擦及滑轮重力)
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。解答时请写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的，答案中要明确写出数值和单位）
21．在一段限速为60 km/h的平直道路上，一辆汽车遇紧急情况刹车，刹车后车轮在路面上滑动并留下9.0m长笔直的刹车痕，如图所示。从监控录像中得知该车从刹车到停止的时间为1.5s。请根据上述数据计算该车刹车前的速度，并判断该车有没有超速行驶？
22．如图所示，质量为m=0.5kg的光滑小球被细线系住，放在倾角为 °的斜面上。已知线与竖直方向夹角 =30°，斜面质量为M=3kg，整个装置静置于粗糙水平面上。求：
（1）悬线对小球拉力的大小；
（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向。
23．如图所示，水平传送带以恒定的速度v向左运动，将物体（可视为质点）轻轻放在传送带的右端，经时间t，物体速度变为v。再经过时间2t，物体到达传送带的左端。求：
（1）物体在水平传送带上滑动时的加速度大小；
（2）物体与水平传送带间的动摩擦因数；
（3）物体从水平传送带的右端到达左端通过的位移。
24A．（非一级重点中学同学做）
如图所示为游乐场中深受大家喜爱的“激流勇进”的娱乐项目，人坐在船中，随着提升机达到高处，再沿着水槽飞滑而下，劈波斩浪的刹那给人惊险刺激的感受。设乘客与船的总质量为M，在倾斜水槽中下滑时所受的阻力为重力的0.1倍，水槽的坡度为30°，若乘客与船从槽顶部由静止开始滑行20m而冲向槽的底部，求：
（1）船下滑时的加速度大小；
（2）船滑到槽底部时的速度大小。
24B．（一级重点中学同学做）
如图所示，一块小磁铁放在铁板ABC的A处，其中AB长x1=1m，BC长x2=0.5m，BC与水平面间的夹角为37°，小磁铁与铁板间的引力为磁铁重的0.2倍，小磁铁与铁板间的动摩擦因数μ=0.25，现在给小磁铁一个水平向左的初速度v0=4m/s。小磁铁经过B处时速率不变（sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：
（1）小磁铁第一次到达B处的速度大小；
（2）小磁铁在BC段向上运动时的加速度大小；
（3）请分析判断小磁铁能否第二次到达B处。
宁波市2009学年度第一学期期末试卷
高一物理（答题卷）
一、单项选择题（每小题3分，共33分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
二、不定项选择题（每小题3分，漏选得2分，共12分)
12 13 14 15
三、填空题(第16~18题每空2分，第19、20题每题3分，共18分)
16． ，
17． ，
18． ，
19．
20．
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。）
21．
22．
23．
24．
高一物理期末卷参考答案
一、单项选择题（每小题3分，共33分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
D B C B C D C B B A B
二、不定项选择题(每小题3分，漏选得2分，共12分)
12 13 14 15
AC C BD BC
三、填空题(第16~18题每空2分，第19、20题每题3分，共18分)
16． 4 ， 木块的质量（或木块的重力）
17． ， 0.525
18． 48 ， 5
19． B
20．
四、计算题（本题共4小题，第21题8分，第22、23题每题9分，第24题11分，共37分。）
21．解：设汽车初速为v0，刹车过程的平均速度 ，……………(4分)
得 ，………………….………………………………..….（3分）
故汽车没有超速行驶。…………….………………………………….……….（1分）
22．解：（1）对小球进行受力分析如图所示，有
，…………………………………………(2分)
，…………………………………..(2分)
得 。………………………………(2分)
（2）对斜面进行受力分析，由平衡条件得地面对斜面的摩擦力
。方向水平向左。…………………….(3分)
23．解：（1）物体先做匀加速直线运动，由 ，得 。……………………(3分)
（2）物体受到的摩擦力 ，得 。………………………..…………..(3分)
（3）物体做匀加速直线运动通过的位移为 ，………………………（1分）
物体做匀速直线运动通过的位移 ，……(1分) 故总位移 。…….(2分)
24A．解：（1）对船进行受力分析，根据牛顿第二定律，有
， ，……………..…………….…………..…..…（4分）
得 。…………………………………………………………………..…. .…(2分)
（2）由匀加速直线运动规律有
，…………………………………………….……..……………………… ..(3分)
代入数据得 。……………………………………………………..… ..（2分）
24B．解：（1）对磁铁在AB段进行受力分析如图所示，设磁铁与铁板的引力为 ，
有 ，得a1=3m/s2，……………………….. (2分)
由匀变速直线运动的规律有 ，
代入数据解得 。…………………………………………..(2分)
（2）对磁铁在BC段受力分析，有 ，……….（1分）
，……………..………………………………....(1分)
解得a2=8.5m/s2。…………………………………………………………(2分)
（3）磁铁以初速vB沿斜面向上运动至速度为零时其经过的位移为
，………………………………………………(2分)
故磁铁会滑出BC面，不会第二次到达B处。……………………..（1分） 网上有的
29.（1）R1两端电压UR1=30v-20v=10v
电流中总电流I总=10/4=2.5A
通过L电流IL=0.5A
则通过R2的电流IR2=2.5A-0.5A=2A
R2=20/2=10欧
（2）断开S，灯泡L与R1串联，灯泡正常发光，加在灯泡L两端电压为：20v
通过灯泡电流I=0.5A
则加在R1两端电压UR1=30v-20v=10v
R1=10/0.5=20欧
30.（1）通过R2电流IR2=2.5/5=0.5A,
U=UR1+UR2=0.5*7+2.5=6v
（2）电阻R3两端电压即为电源电压6v
R3=U/I=6/0.75=8欧
（3）P=I^2R1=U^2R1/(R1+R2)^2=U^2/（R1+R2^2/R1+2R2）
分母=R1+R2^2/R1+2R2
当R1=R2^2/R1时有分母有最小值4R2=20欧姆
Pmax=36/20=1.8W 29.1
使灯泡正常工作灯泡两端电压等于20 v U（R1）=U-U(L)=30-20 =10V
灯泡正常工作电流I L=P(L)/U(L) ,I=10/20=0.5A
I（R1）=U（R1）/R1=10/4=2.5A
I（R1）=I (L)+I(R2),
I(R2),=I（R1）-I (L)=2.5-0.5=2A
并联两端电压相等U(R2)=U(L)=20V
R2=U(R2)/I(R2)=20/2=10欧
R2为10欧
29.2
使灯泡正常工作灯泡两端电压等于20 v Ur=U-Ul=30-20 =10V
灯泡正常工作电流I L=P(L)/U(L) ,I=10/20=0.5A
由于串联支路各点的电流相等 i(L)=I(R1)
已知 U（R1）,I（R1） R1=U（R1）/I（R1）=10/0.5=20欧
P（R1）=U（R1）/I（R1）=10*0.5=5W
R2为20欧功率为10瓦
30.1
U=
【 #高一# 导语】青春是一场远行，回不去了。青春是一场相逢，忘不掉了。但青春却留给我们最宝贵的友情。友情其实很简单，只要那么一声简短的问候、一句轻轻的谅解、一份淡淡的惦记，就足矣。当我们在毕业季痛哭流涕地说出再见之后，请不要让再见成了再也不见。这篇《高一物理上册期末试卷及答案》是 高一频道为你整理的，希望你喜欢！
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分.第1—7题为单选题，第8—10题为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分.)
1.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()
A.根据电场强度的定义式E=Fq可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B.根据电容的定义式C=QU可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C.根据真空中点电荷的电场强度公式E=kQr2可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量无关
D.根据电势差的定义式UAB=WABq可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为UAB=-1V
2.标有“8V6.4W”和“8V20W”字样的L1、L2两只灯泡连接在如图所示的电路中，C点接地.如果将电路中L1、L2两灯泡的位置互换，则()
A.B点电势升高B.B点电势降低
C.两灯都变亮D.L1灯变暗，L2灯变亮
3.如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是()
A.I变大，U变小B.I变大，U变大
C.I变小，U变大D.I变小，U变小
4.如图所示,一电荷量为+Q的点电荷甲固定在光滑绝缘的水平面上的O点,另一电荷量为+q、质量为m的点电荷乙从A点经C以v0=2m/s的初速度沿它们的连线向甲运动,到达B点时的速度为零,已知AC=CB,φA=3V,φB=5V,静电力常量为k,则()
A.φC>4VB.φC=4V
C.点电荷乙的比荷为1C/kgD.点电荷乙的比荷为2C/kg
5.如图所示，在A板附近有一电子由静止开始向B板运动，则关于电子到达B板时的速率，下列解释正确的是()
A.两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大
B.两板间距越小，加速的时间就越长，则获得的速率不变
C.两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率不变
D.两板间距越小，加速的时间越短，则获得的速率越小
6.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()
A.R1短路B.R2短路
C.R3短路D.R1断路
7.图为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线.用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V.则该电路可能为()
8.一不计重力的带电粒子q从A点射入一正点电荷Q的电场中，运动轨迹如图所示，则()
A.粒子q带负电B.粒子q的加速度先变小后变大
C.粒子q的电势能先变小后变大D.粒子q的动能一直变大
9.如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器.先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变.则下列说法正确的是()
A.电容器的电容变小
B.电容器内部电场强度大小变大
C.电容器内部电场强度大小不变
D.P点电势升高
10.如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为0.1g，分别用10cm长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向60°，A竖直悬挂且与绝缘墙接触(g取10m/s2).静电力常量K=9.0×109N.m2/C2.下列说法正确的是()
A.小球的带电荷量为3.33×10-8C
B.墙壁受到的压力为8.7×10-4N
C.A球受到细线的拉力为1.0×10-3N
D.B球受到的拉力为1.5×10-3N
二、填空题(本题共2小题，每空2分，共16分.)
11.(8分)用伏安法测量一个定值电阻的电阻值，现有的器材规格如下：
A.待测电阻Rx(大约100Ω)
B.直流毫安表A1(量程0～10mA，内阻约100Ω)
C.直流毫安表A2(量程0～40mA，内阻约40Ω)
D.直流电压表V1(量程0～3V，内阻约5kΩ)
E.直流电压表V2(量程0～15V，内阻约15kΩ)
F.直流电源(输出电压4V，内阻不计)
G.滑动变阻器R(阻值范围0～50Ω，允许电流1A)
H.开关一个、导线若干
(1)根据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，直流毫安表应选________，直流电压表应选________.
(2)在方框内画出实验电路图，要求电压和电流的变化范围尽可能大一些.
(3)用铅笔按电路图将实物图连线.
12.(8分)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下：
(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为________mm;
(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为________mm;
(3)在实验室，该同学想测出某种材料的电阻率.由于不知是何种材料，也不知其大约阻值，于是他用多用电表先粗测该材料一段样品的电阻，经正确操作后，用“×100”挡时发现指针偏转情况如图所示，则他应该换用______挡(选填“×10”或“×1k”)重新测量.换挡后，在测量前先要________.
三、计算题(本题共4小题，第13、14题各10分，第15、16题各12分，共44分)
13.(10分)如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表.当电阻箱
读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V;当电阻箱读数为
R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V.求：
(1)电源的电动势E和内阻r;
(2)当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率?值Pm为多少?
14.(10分)如图所示为用电动机提升重物的装置,电动机线圈的电阻r=1Ω,电动机两端的电压U=5V,电路中的电流I=1A,物体A重G=20N,不计摩擦力,则:
(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少?
(2)10s内,可以把重物A匀速提升多高?
15.(12分)如图12所示，空间存在着场强为E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端拴着质量为m=0.5kg、电荷量为q=4×10-2C的小球.现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的值而断裂.取g=10m/s2.求：
(1)小球的电性;
(2)细线能承受的拉力;
(3)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时(仍在匀强电场中)，小球距O点的高度.
16.(12分)一平行板电容器长l=10cm，宽a=8cm，板间距d=4cm，在板左侧有一足够长的“狭缝”离子源，沿着两板中心平面，连续不断地向整个电容器射入离子，它们的比荷均为2×1010C/kg，速度均为4×106m/s，距板右端l/2处有一屏，如图甲所示，如果在平行板电容器的两极板间接上如图乙所示的交流电，由于离子在电容器中运动所用的时间远小于交流电的周期，故离子通过电场的时间内电场可视为匀强电场，不计离子重力.试求：
(1)离子打在屏上的区域面积;
(2)在一个周期内，离子打到屏上的时间.
物理答案
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分.第1—7题为单选题，第8—10题为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分.)
题号12345678910
答案DAACCABACACDAB
二、填空题(本题共2小题，每空2分，共16分.)
11.(8分)(1)A2、V1(2)(3)
12.(8分)(1)50.15mm(2)4.700mm(3)×1k、欧姆调零
三.计算题:(本大题共4小题，，13、14题各10分，15、16题各12分，共44分。需写出相应的解题过程)
13.(10分)解析：(1)由闭合电路欧姆定律得：
E=U1+U1R1r，E=U2+U2R2r
联立上述方程，代入数据解得E=6V，r=1Ω.
(2)由电功率表达式P=E2R+r2R变形为P=E2R-r2R+4r
由上式可知当R=r=1Ω时，
P有值，Pm=E24r=9W.
14.(10分)解：(1)根据焦耳定律,得热功率Pr=I2r=1W。
(2)输入功率P=UI=5W
输出功率P输出=P-Pr=4W。
电动机输出的功用来提升重物转化为机械能,在10s内,有:P输出t=mgh。
解得:h=2m。
15(12分)解：(1)由小球运动到点可知，小球带正电.
(2)设小球运动到点时速度为v，对该过程由动能定理有，
(qE-mg)L=12mv2①
在点对小球进行受力分析，由圆周运动和牛顿第二定律得，
FT+mg-qE=mv2L②
由①②式解得，FT=15N
(3)小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，
则a=qE-mgm③
设小球在水平方向运动位移为L的过程中，所经历的时间为t，则L=vt④
设竖直方向上的位移为x，
则x=12at2⑤
由①③④⑤解得x=0.125m
所以小球距O点的高度为x+L=0.625m
16(12分)解：(1)设离子恰好从极板边缘射出时极板两端的电压为U0，
水平方向：l=v0t①
竖直方向：d2=12at2②
又a=qU0md③
由①②③得U0=md2v20ql2=128V
即当U≥128V时离子打到极板上，当U
